簡介：成教影像?？瞥山逃跋駥？漆t(yī)學影像物理學醫(yī)學影像物理學作業(yè)題作業(yè)題一名詞解釋1超聲波2陽極效應3聲壓4聲影5聲阻抗6縱向分辨力7X射線的強度8橫向分辨力9韌致輻射10光電效應11多普勒效應12脈沖寬度13陽性對比劑14長期平衡15多普勒頻移二、填空題1X射線的產生條件為（1）（2）（3）（4）2X射線管陰極由和構成，其作用分別是和。3X射線管陽極由和構成，其作用分別是和。4X射線管的實際焦點是有效焦點是指5X射線管有效焦點的特點是越靠近陽極有效焦點面積6X射線強度的兩個決定因素是，。7X射線的強度是指8X射線的貫穿本領與和有關。9連續(xù)X射線的能譜特征是（1）______________。（2）_________________10調節(jié)X射線的量一般是在__________不變的條件下通過__________和______________來調節(jié)11X射線具有的特性是（1）（2）（3）（4）（5）。12X射線的濾過分為和。13影響陽極效應的因素是。14光電效應產生的條件是。15康普頓散射產生的條件是。16影響的因素是和。M17影響X射線影象質量的幾何因素是，。18X射線主要通過，，三個過程損失能量；19影像增強管的作用是，將X射線影像轉變?yōu)橛跋?，再通過光陰極轉變?yōu)閳D像，最后轉變?yōu)榱炼仍鰪姷臒晒庥跋瘢?0增感屏的主要作用是（1）_____________________（2）_______________（3）_____________________21濾線器的作用是____________________放置于_________和________之間56圓形活塞聲源產生的超聲場的近場長度L。57A超屬調制。B超屬于調制。58超聲的縱向分辨距離D。59彩超中紅色表示。用綠色表示。60）若介質中聲波的傳播速度為C，聲波離開聲源到達界面，又從界面返回聲源需時間為T，則界面到聲源的距離L；此種測量方法是型超聲的測量原理；61）超聲耦合劑的作用；62）多普勒信號經過頻譜分析后，可以通過兩種方式輸出一是二是；63）超聲圖像質量取決于兩個方面的因素和；64）實驗證明，原子核的自旋量子數I的取值分為三種情況，，；65）衰變系數Λ和半衰期T之間的關系是，半衰期T和平均壽命Τ之間的關系是66）吸收劑量的國際單位是__________，沿用專用單位是_____________。67）一般將職業(yè)照射容許劑量范圍內的照射稱小劑量慢性照射或低水平照射。慢性小劑量照射引起的輻射效應又分為________________和___________________。三、判斷并改錯三、判斷并改錯在你認為對的題括號內打在你認為對的題括號內打‘√’’錯誤的題括號內打錯誤的題括號內打‘’1連續(xù)能譜X射線在物質中的衰減特點是隨入射厚度增大表現為1X射線量減弱2X射線質變軟3能譜變窄2對同一物質X射線的波長越長貫穿本領越強3聲強級的計算公式為LILG（I1I2）分貝4DSA檢查時所要求的動脈造影劑的濃度與血管直徑近似成反比5超聲在介質中傳播時我們把介質對聲能的損耗稱為聲阻抗數學表達式為當介質表現為一PVZ個純聲阻時CZ6影像增強管亮度增強的原因為1電子在增強管中被強電場加速能量增加2電子被靜電聚焦能量集中3輸出屏輸入屏

簡介：中國物理學會電子顯微鏡分會中國物理學會電子顯微鏡分會20032003年工作總結年工作總結前言“中國物理學會電子顯微鏡分會”（對外稱“中國電鏡學會”）自1980年成立以來，已經過23年。目前已發(fā)展成為有兩千多會員，涵蓋近800個實驗室（或研究組）的學術團體。學會逢雙年舉辦全國性的學術大會，逢單年與其他學會聯合舉辦“國際北京分析測試學術報告會及展覽會”BCEIA，另外還有各下屬專業(yè)委員會舉辦的學術會議，以促進本領域的學術交流。學會承辦的“電子顯微學報”為雙月刊，是國內在本學科領域的唯一學術刊物。2003年電鏡分會主要開展了如下工作。一、一、舉辦了舉辦了“材料科學中先進顯微學中英雙邊會議暨材料科學中先進顯微學中英雙邊會議暨BCEIA2003電鏡分會）電鏡分會）”在中國共產黨第十六屆三中全會勝利閉幕和中國首次載人航天飛船成功發(fā)射和順利返回的喜慶日子里，“第十屆國際北京分析測試學術報告會及展覽會”（THE10THINTERNATIONALBEIJINGCONFERENCEEXHIBITIONONINSTRUMENTALANALYSIS）（以下簡稱BCEIA2003）也勝利閉幕了。國際北京分析測試學術報告會及展覽會是由國家科技部主辦、聯合中國電子顯微鏡學會等8個全國性學會由中國分析測試學會承辦的國際會議，也是從1985起每兩年舉辦一次的例會。BCEIA2003會議在10月13日16日期間在北京中箢賓館舉行。會議除安排半天的大會邀請報告之外，分多個分會，同時分別舉辦電子顯微學、質譜學、光譜學、色譜學、波譜學、電化學、生命科學及環(huán)境分析等領域的專業(yè)學術報告會。論文報展與報告會同時進行，以便充分交流、討論?，F任國際電子顯微學聯合會IFSEM主席、英國皇家學會會員、著名電子顯微學者、牛津大學DAVIDCOCKAYNE教授應邀作為四個大會特邀報告之一，在10月13日大會上作了題為“在納米世界中的電子顯微學”的報告。他的報告深入淺出，資料翔實，畫面生動，吸引了全體與會者的注意力，取得成功。電鏡分會的學術報告在緊張而有序的組織安排下順利進行，成功結束。本次電鏡分組會議在中國電鏡學會理事長葉恒強院士及學會秘書長李斗星教授親臨指導下，是以葉恒強院士和DAVIDCOCKAYNE教授共同發(fā)起組織的BCEIA2003“會內會”“材料科學中的先進顯微學中英聯合討論會（CHINAUKJOINTSYMPOSIUMONADVANCEDMICROSCOPYINMATERIALSSCIENCE）”的擴大形式進行的。本次會議邀請的境外特邀報告者包括著名科學家、電鏡界泰斗、前國際電子顯微學聯合會主席、英國皇家學會會員、劍橋大學卡文迪許實驗室ARCHIEHOWIE教授和牛津大學DAVIDCOCKAYNE教授，以及來自英國牛津大學、劍橋大學、里茲LEEDS大學、布里斯托BRISTOL大學、格拉斯哥GLASGOW大學的10名著名科學家。參加會議的還有來自美國、德國、日本、澳大利亞、瑞典等國的大學及研究所的十多位國際知名的電子顯微學專家。這些科學家能夠在中國經受“非典”（SARS）影響之后如期來到中國參加會議實屬對我們友好和可貴的支持。境內邀請報告者是朱靜院士、張澤院士、王仁卉、彭練矛、袁俊、顧輝教授等共9名。另外還有來自北京、沈陽、上海、南京、武漢、合肥、太原、南寧等全國著名大學和研究所的眾多電鏡及材料科學工作者。此外，每次也有數十人參加旁聽，平均到會人員約百人。電鏡分會在北京中苑賓館中苑廳舉行。本次會議分口頭報告和報展兩3這次會議的突出特點是“三多”文章多、代表多、參展公司多。會議之所以開的比較成功，是全體與會人員共同努力的結果。我們的體會是三條地點合適、組織有力、大家支持。同時，通過舉辦這次會議也加強了中國電子顯微鏡學會與廣東省電鏡分會之間的聯系，此次會議得到了廣東省電鏡分會的支持和幫助。三、舉辦國際會議和國內高級學習班暨研討會三、舉辦國際會議和國內高級學習班暨研討會因“非典”很多人放棄了出國參加國際會議的機會。除上述兩個大型會議外，我會會員還舉辦了多次國際會議。如葉恒強理事長和張澤院士負責，于2003年8月2123日在北京舉辦了“2003北京電子顯微學研討會”及“頌賀郭可信院士八十華誕活動”，來自中、美、英、德、俄、荷、瑞典、日本等七國及臺灣、香港地區(qū)的學者80人與會。王仁卉常務理事于2003年10月17日21日在武漢舉辦了“先進電子顯微學武漢國際研討會”。第十五屆國際電子顯微學聯合會主席AHOWIE等來自中、英、美、加拿大、法、荷、香港等7個國家和地區(qū)的30余名學者與會。此外，每次也有數十人參加旁聽，平均與會人員達70名以上。此外，于12月22日24日在北京舉辦了“電子能量損失譜培訓班”，由朱靜院士、張澤院士、袁俊教授、顧輝研究員講課，參加培訓班的人數限額為50名。四、學報工作進展四、學報工作進展為了符合國際期刊的標準，從2002年起改為大16開版。改用高質量的紙章，提高了學報印刷質量。據2003年12月9日“中國科技論文統計結果發(fā)布會”的情況，電子顯微學報按影響因子總排序在全國1534種來源期刊中列第352名；電子顯微學報按影響因子分類排序在全國電子通訊類53種來源期刊中列第6名；電子顯微學報按被引頻次總排序在全國1534種來源期刊中列第591名；電子顯微學報按被引頻次分類排序在全國電子通訊類53種來源期刊中列第15名。五、其它五、其它因“非典”的影響，電鏡學會在47月期間取消了學會的各類活動。因此本年度僅召開了兩次“常務理事會會議”，取消了原定于2003年8月初舉辦的“第六屆海峽兩岸電子顯微學研討會”。六、六、2004年學術會議的安排年學術會議的安排1）將于2004年8月初在哈爾濱舉辦“第六屆海峽兩岸電子顯微學研討會”。2）將于2003年8月2124日在威海舉辦“中國電子顯微鏡學會第七屆全國代表大會暨第三屆全國電子顯微學會議”。3）將完成學會的換屆工作。中國物理學會電子顯微鏡分會

簡介：磁性物理學習題與解答簡答題1簡述洪德法則的內容。答針對未滿殼層，洪德法則的內容依次為（1）在泡利原理許可的條件下，總自旋量子數S取最大值。（2）在滿足（1）的條件下，總軌道角動量量子數L取最大值。（3）總軌道量子數J有兩種取法在未滿殼層中，電子數少于一半是電子數大于一半時||2簡述電子在原子核周圍形成殼層結構，需遵循哪些原則法則答需遵循的原則法則依次為（1）能量最低原則（2）泡利不相容原理（3）洪德法則3簡述自由電子對物質的磁性，可以有哪些貢獻答可能的貢獻有（1）朗道抗磁（2）泡利順磁4簡述晶體中的局域電子對物質的磁性，可能有哪些貢獻答可能的貢獻有（1）抗磁（2）順磁（3）通過交換作用導致鐵磁、反鐵磁等5在磁性晶體中，為什么過渡元素的電子軌道角動量會被晶場“凍結”，而稀土元素的電子軌道角動量不會被“凍結”。答因為過渡元素的磁性來自未滿殼層D軌道上的電子，D電子屬于外層電子，在晶體中是裸露的，容易受到晶場的影響而被凍結；而稀土元素的磁性來自未滿殼層F軌道上的電子，F電子屬于內層電子，在晶體中不容易受到晶場的影響，所以不會凍結。6簡述外斯分子場理論的成就與不足之處。答外斯分子場理論的成功之處主要有唯象解釋了自發(fā)磁化，成功得到第二類順磁的居里外斯定律和鐵磁順磁相變的居里溫度表達式等。不足之處主要有（1）低溫下自發(fā)磁化與溫度的關系與自旋波理論的結果差別很大，后者與實驗符合較好（2）在居里溫度附近，自發(fā)磁化隨溫度變化的臨界指數，分子場理論計算結果為12，而實驗測量結果為13（3）無法解釋磁比熱貢獻在溫度大于居里溫度時的拖尾現象7簡述小口理論對分子場理論做了什么改進答小口理論認為在居里溫度附近，雖然產生自發(fā)磁化的長程有序消失了，但11對于磁性物質晶體，其磁性主要來自于哪些軌道上的電子并說明理由。答主要來自于未滿的D軌道電子或未滿的F軌道電子。因為（1）未滿的S或P軌道，在晶體中會由于形成化學鍵等原因，逝去或獲得電子而成為滿電子殼層，對于磁性沒有貢獻；（2）其它滿殼層電子也對磁性五貢獻。所以主要的磁性來自于未滿的D軌道電子或未滿的F軌道電子。12為什么說自由電子在經典物理圖像下不會有抗磁性答經典物理圖像下，自由電子在磁場中會受到洛倫茲力的作用，洛倫茲力總是與電子運動方向垂直，不會做功，從而電子的能量與磁場無關。根據經典統計，其配分函數與磁場強度無關，由經典統計公式其磁化強度為零，所以不會有抗磁性。13為什么說磁性氧化物的自發(fā)磁化不能用海森堡直接交換作用來解釋答磁性氧化物中的磁性離子之間被直徑較大的氧離子隔開，使得磁性離子間的電子云不可能有較大的交疊，所以其海森堡直接交換作用即使有也不可能很大，無法用于解釋磁性氧化物的自發(fā)磁化。14為什么說稀土族金屬的自發(fā)磁化不能用海森堡直接交換作用和安德森超交換作用來解釋答稀土族金屬的磁性主要來自于F軌道電子，在晶格當中F軌道電子為內層電子，格點間的電子云不可能有大的交疊，所以無法用海森堡直接交換作用解釋其磁化。而安德森超交換作用需要氧離子才能實現，金屬中沒有氧離子，所以不能用安德森超交換作用解釋其自發(fā)磁化。15一磁性物質的哈密頓量是23532IJIJIJIIJJIJILBIJIIIJIJSSRSRSHJSSDSGHSRR簡述各項的物理含義，以及各項能量極低的條件。答

簡介：第十四章第十四章波動光學141在雙縫干涉實驗中，若單色光源S到兩縫S1、S2距離相等，則觀察屏上中央明條紋位于圖中O處，現將光源S向下移動到圖中的S′位置，則（）（A）中央明紋向上移動，且條紋間距增大（B）中央明紋向上移動，且條紋間距不變（C）中央明紋向下移動，且條紋間距增大（D）中央明紋向下移動，且條紋間距不變分析與解分析與解由S發(fā)出的光到達S1、S2的光程相同，它們傳到屏上中央O處，光程差Δ＝0，形成明紋當光源由S移到S′時，由S′到達狹縫S1和S2的兩束光產生了光程差為了保持原中央明紋處的光程差為0，它會向上移到圖中O′處使得由S′沿S1、S2狹縫傳到O′處的光程差仍為0而屏上各級條紋位置只是向上平移，因此條紋間距不變故選（B）題141圖142如圖所示，折射率為N2，厚度為E的透明介質薄膜的上方和下方的透明介質的折射率分別為N1和N3，且N1＜N2，N2＞N3，若用波長為Λ的單色平行光垂直入射到該薄膜上，則從薄膜上、下兩表面反射的光束的光程差是（）2222222D2C22B2ANENENENEN題142圖分析與解分析與解由于N1＜N2，N2＞N3，因此在上表面的反射光有半波損失，下表面的即只能看到第1級明紋，正確答案為（D）146三個偏振片P1、P2與P3堆疊在一起，P1與P3的偏振化方向相互垂直，P2與P1的偏振化方向間的夾角為30，強度為I0的自然光入射于偏振片P1，并依次透過偏振片P1、P2與P3，則通過三個偏振片后的光強為（）（A）3I016（B）I08（C）3I032（D）03分析與解分析與解自然光透過偏振片后光強為I1＝I02由于P1和P2的偏振化方向成30，所以偏振光透過P2后光強由馬呂斯定律得而P2和P3的偏振8330COS0O212III化方向也成60，則透過P3后光強變?yōu)楣蚀鸢笧椋–）32360COS0O223III147自然光以60的入射角照射到兩介質交界面時，反射光為完全線偏振光，則折射光為（）（A）完全線偏振光，且折射角是30（B）部分偏振光且只是在該光由真空入射到折射率為的介質時，折射角是303（C）部分偏振光，但須知兩種介質的折射率才能確定折射角（D）部分偏振光且折射角是30分析與解分析與解根據布儒斯特定律，當入射角為布儒斯特角時，反射光是線偏振光，相應的折射光為部分偏振光此時，反射光與折射光垂直因為入射角為60，反射角也為60，所以折射角為30故選（D）148在雙縫干涉實驗中，兩縫間距為030MM，用單色光垂直照射雙縫，在離縫120M的屏上測得中央明紋一側第5條暗紋與另一側第5條暗紋間的距離為2278MM問所用光的波長為多少，是什么顏色的光分析與解分析與解在雙縫干涉中，屏上暗紋位置由決定，式中D′為雙縫到212KDDX屏的距離，D為雙縫間距所謂第5條暗紋是指對應K＝4的那一級暗紋由于條紋對稱，該暗紋到中央明紋中心的距離，那么由暗紋公式即可求得波長ΛMM27822X此外，因雙縫干涉是等間距的，故也可用條紋間距公式求入射光波長應DDX注意兩個第5條暗紋之間所包含的相鄰條紋間隔數為9（不是10，為什么），故MM97822X解1屏上暗紋的位置，把以及D、D′值代212KDDXM102782243XK入，可得Λ＝6328NM，為紅光解2屏上相鄰暗紋（或明紋）間距，把，以及D、D′DXD3227810M9X值代入，可得Λ＝6328NM

簡介：第五章習題第五章習題1在一個N型半導體樣品中，過?？昭舛葹?013CM3空穴的壽命為100US。計算空穴的復合率。2用強光照射N型樣品，假定光被均勻地吸收，產生過剩載流子，產生率為空穴壽命為。（1）寫出光照下過剩載流子所滿足的方程；（2）求出光照下達到穩(wěn)定狀態(tài)時的過載流子濃度。3有一塊N型硅樣品，壽命是1US，無光照時電阻率是10CM。今用光照射該樣品，光被半導體均勻的吸收，電子空穴對的產生率是1022CM3S1試計算光照下樣品的電阻率，并求電導中少數在流子的貢獻占多大比例4一塊半導體材料的壽命10US，光照在材料中會產生非平衡載流子，試求光照突然停止20US后，SCMPUSCMPUP317101001031310U10010613得解根據求已知GPGPDTPDGAETPGPDTPDLLTL002達到穩(wěn)定狀態(tài)時，方程的通解梯度，無飄移。解均勻吸收，無濃度CMSPQNQQPQNPQNPCMQPQNCMGNPGPPNPNPNPNL06396210500106110135010611010010110101001916191600000316622光照后光照前光照達到穩(wěn)定態(tài)后0638006350010611093201191610PUPPPPCM的貢獻主要是所以少子對電導的貢獻獻少數載流子對電導的貢7摻施主濃度ND1015CM3的N型硅，由于光的照射產生了非平衡載流子NP1014CM3。試計算這種情況下的準費米能級位置，并和原來的費米能級作比較。8在一塊P型半導體中，有一種復合產生中心，小注入時，被這些中心俘獲的電子發(fā)射回導帶的過程和它與空穴復合的過程具有相同的概率。試求這種復合產生中心的能級位置，并說明它能否成為有效的復合中心TKEEENPTKEEENNCMNNPPPCMNNNFPIIOIFNIDI0141415210142031514150310101010511010111010度強電離情況，載流子濃00517EVPFEFE00025EVFENFE0289EV1010151410TLN0KINDNTLNOKIEFE平平平0229EV1010151410TLN0KIEFPEIPPTLN0KIEFPE0291EV101015151011TLN0KIEFNEINNTLN0KIEFNETKEEENPPPPPPNRKEEENNRPNRNTKEEENRNNRNSNNOFIITPOITITNTNTOITINTNTNTT001T小注入由題知，從價帶俘獲空穴向導帶發(fā)射電子被電子占據復合中心接復合理論解根據復合中心的間不是有效的復合中心。代入公式很小。11011TPTNOFIITPNOFIIPOITINNRNRPNPNEEEERRTKEEENRTKEEENR

簡介：延安大學繼續(xù)教育學院商洛函授站第一學期課程作業(yè)課程名稱授課年級專業(yè)班級姓名141MOL理想氣體由P1，V1絕熱可逆膨脹到P2，V2則（A）AQ＝0BΔS0CΔH0D全為015NMOLA與NMOLB組成的溶液，體積為065DM3，當XB08時，A的偏摩爾體積VA0090DM3MOL1，那么B的偏摩爾VB為（A）A0140DM3MOL1B0072DM3MOL1C0028DM3MOL1D0010DM3MOL11625℃時，A、B和C三種物質（不能相互發(fā)生化學反應）所形成的溶液與固相A及由B、C組成的氣相同時呈平衡，則此系統中能平衡共存最大相數是（A）A4B3C2D417系統是N2和O2兩種氣體的混合物時，自由度應為（C）A1B2C3D418已知下列反應的平衡常數H2GSSH2SS①K1；SSO2GSO2G②K2。則反應H2GSO2GO2GH2SG的平衡常數為（D）AK1K2BK1K2CK1K2DK1K219在一定的溫度下，當電解質溶液被沖稀時，其摩爾電導變化為（A）A強電解質溶液與弱電解質溶液都增大B強電解質溶液與弱電解質溶液都減少C強電解質溶液增大，弱電解質溶液減少D強弱電解質溶液都不變20質量摩爾濃度為M的H3PO4溶液，離子平均活度系數為Γ，則溶液中H3PO4的活度AB為（D）A4M4Γ4B4MΓ4C27MΓ4D27M4Γ421判斷下列說法哪種是正確的（D）A做布朗運動的懸浮顆粒就是分子B懸濁液溫度越低，布朗運動越顯著C懸浮的顆粒越大，布朗運動越顯著D布朗運動是分子無規(guī)則運動的表現22打碎的玻璃對在一起不能恢復的原因（D）A分子間沒有相會吸引力B玻璃表面太光滑C玻璃不是分子組成的D玻璃碎片間的距離太大，大于分子相互吸引的距離23某反應的的速率常數K462102MIN1，又初始濃度為01MOLDM3，則該反應的半衰期為T12（B）A1（693102012）B15C30D14621020124對于指定的液體，恒溫條件下，有（A）A液滴的半徑越小，它的蒸氣壓越大B液滴的半徑越小，它的蒸氣壓越小C液滴的半徑與蒸氣壓無關D蒸氣壓與液滴的半徑成正比25由過量KBR與AGNO3溶液混合可制得溶膠，以下說法正確的是（D）A電位離子是AGB反號離子是NO3C膠粒帶正電D它是負溶膠。26、半徑為R的球形肥皂泡，作用在球形肥皂泡上的附加壓強是（B）

簡介：科學創(chuàng)作是什么1【單選題】以下哪個不是本課程要討論的問題（B）。A、物理何關人文B、人文何關我們C、物理何關我們D、我們是誰哪來哪去2【單選題】科學的主觀體現在（A）。A、科學被創(chuàng)造的過程B、科學被印證的過程C、科學被人接受的過程D、科學被傳播的過程3【判斷題】朱光潛認為科學的態(tài)度是絕對客觀，不含個人情感?！涛锢砗侮P人文（上）1【單選題】人文“HUMANITY”這個詞最早是在什么時期提出的（D）A、古希臘時期B、古羅馬時期C、中世紀時期D、文藝復興時期2【單選題】對當代人類學家說的文化描述不正確的是（C）A、人類獨特的適應性體系B、社會的傳統信仰和行為體系C、對頭腦的耕耘D、代代相傳的東西3【單選題】為什么會形成SNOW所說的“THETWOCULTURES”。（A）A、科學和人文的體系都相對封閉B、科學和人文的起源不同C、科學和人文之間本來就沒有交集D、科學和人文是互相矛盾的4【判斷題】文化在中國最早是指感化大家，是大家都有禮節(jié)，有規(guī)矩。√5【判斷題】西方最早指的文化指的是修養(yǎng)。√物理何關人文（下）1【單選題】WILLIAMJAMES認為人文是（C）。A、希臘文和拉丁文B、文學C、人類各種領域的名著D、除開自然科學以外的知識2【單選題】薛定諤認為自然科學和別的學科在哪方面是一致的（A）A、無心插柳柳成蔭B、桃李不言下自成蹊C、都從一開始就期望有很大用處D、都包羅萬象B、是有事實依據的C、現代人根本沒有讀的必要D、在寫就的時候就沒人相信3【單選題】伊利亞特和奧德賽的統稱為（A）。A、荷馬史詩B、變形記C、天方夜譚D、神譜4【判斷題】地球的直徑首先是由希臘人較為精確地測量出來的?！?【判斷題】美索不達米亞的王認為他們自己就是神?？茖W為什么發(fā)生在希臘（下）1【單選題】錢鐘書認為中國沒有史詩的根本原因是（D）。A、中國詩早衰了B、中國人認為詩表達的應該客觀世界C、中國人寫詩追求韻律D、中國人喜歡一蹴而就而至崇高的境界，不屑追求初級的階段2【單選題】以下哪個不是希臘產生哲學和科學的想法的原因（A）。A、希臘的史詩奠定了良好的基礎B、港口城市，貿易發(fā)達，富庶的城邦C、城邦制度鞏固，從獨裁到寡頭到民主D、懷疑的態(tài)度，互相爭論，自由辯論3【單選題】對米麗都和美索不達米亞時期解釋自然的方法描述正確的是（C）。A、兩者都用超自然解釋自然B、兩者都用自然解釋自然C、前者用自然解釋自然，后者用超自然解釋自然D、后者用自然解釋自然，前者用超自然解釋自然4【判斷題】愛因斯坦認為區(qū)分出獨立于自身以外的外部世界是自然科學的基礎?！?【判斷題】西方的詩是為表達人的情感而產生的。何為萬物之本1【單選題】“吾愛吾師，吾更愛真理”這句話是誰說的（A）。A、亞里士多德B、柏拉圖C、伽利略D、牛頓變化是怎么回事1【單選題】“人不能兩次踏進同一條河流?！边@句話表達了什么AA、強調了一切都是變化著的B、強調了永恒的意義C、強調了歷史的意義D、強調了進步的意義

簡介：初中物理學習教學案例背景背景在我國，微課是一種新型的概念，它指的是運用有效的信息化技術經過精心的設計和編排形成的教學資源，它符合當前學習者對于“微”的需求和追求?，F在我國國內對于微課的研究大部分都集中在相關概念的闡述、理念的研究等層面，對于微課的制作、運用以及反思等模式研究較少。作為一種新型的教學方式和資源，微課的實際效果已經初見成效，所以，我們應該加強對微課的研究，尋找出更加科學有效的運用策略，促使微課更好的為初中物理教學服務。從當前微課的資源及其研究成果來看，微課涉及到的領域非常多，內容繁雜，同時有很多設計者編制微課并不是為了學習，而是為了任務、比賽名次等，本末倒置，這在一定程度上不但沒有幫助教師進行教學，而且還阻礙了學生對于物理知識的追求和認知。在實際教學過程中，很多老師對微課缺乏非常透徹的理解，所以就更談不上有效的運用。本文通過調查和訪談，深入了解了初中物理教學過程中微課的運用現狀及存在的問題，并通過分析提出了相應的建議和策略，試圖構建基于微課的課堂教學新模式。這種模式的建立，不但能夠向教師提供更加豐富的教學資源，提升其教學水平和教學效果；同時還能夠滿足中學生“聲音的產生與傳播”這節(jié)課學生理解起來并不難，學生通過利用身邊現有的器材實驗探究就可得出結論，因而這節(jié)課我采用學生自主性探究為主，教師指導為輔進行教學的。教學中多舉學生實際生活有關的例子，插入微視頻輔助教學，深入學生的生活，讓學生在輕松愉快的環(huán)境中學習知識，同時也體現出從物理走向生活，從生活走向物理的理念。教學過程教學過程一、創(chuàng)設導課一、創(chuàng)設導課多媒體播放自然界中學生熟悉的聲音鳥鳴聲、蛙叫聲、水流聲等。學生聽后提出問題同學們想知道與聲音相關的哪些問題呢（啟發(fā)學生說出自己想知道的有關聲的問題和不懂的問題）老師在贊賞肯定的同時有選擇地摘錄同學提出的問題，并確定本節(jié)課研究的主題（多媒體展示研究主題）1聲音是怎樣產生的2聲音能在空氣中、固體中、液體中傳播嗎3聲音在真空中能傳播嗎4聲音在不同的介質中傳播的速度一樣嗎其他的問題會在以后的學習中逐漸探索，同學們也可以課后上網查找資料，自己先行研究。二、探究活動（一）聲音的產生二、探究活動（一）聲音的產生探究一聲音是怎樣產生的

簡介：21對質點組有以下幾種說法1質點組總動量的改變與內力無關；2質點組總動能的改變與內力無關；3質點組機械能的改變與保守內力無關下列對上述說法判斷正確的是A只有1是正確的B1、2是正確的C1、3是正確的D2、3是正確的分析與解分析與解在質點組中內力總是成對出現的它們是作用力與反作用力由于一對內力的沖量恒為零故內力不會改變質點組的總動量但由于相互有作用力的兩個質點的位移大小以及位移與力的夾角一般不同故一對內力所作功之和不一定為零應作具體分析如一對彈性內力的功的代數和一般為零一對摩擦內力的功代數和一般不為零對于保守內力來說所作功能使質點組動能與勢能相互轉換因此保守內力即使有可能改變質點組的動能但也不可能改變質點組的機械能綜上所述13說法是正確的故選C22有兩個傾角不同、高度相同、質量一樣的斜面放在光滑的水平面上斜面是光滑的有兩個一樣的物塊分別從這兩個斜面的頂點由靜止開始滑下則A物塊到達斜面底端時的動量相等B物塊到達斜面底端時動能相等C物塊和斜面以及地球組成的系統機械能不守恒D物塊和斜面組成的系統水平方向上動量守恒分析與解分析與解對題述系統來說由題意知并無外力和非保守內力作功故系統機械能守恒物體在下滑過程中一方面通過重力作功將勢能轉化為動能另一方面通過物體與斜面之間的彈性內力作功將一部分能量轉化為斜面的動能其大小取決其中一個內力所作功由于斜面傾角不同故物體沿不同傾角斜面滑至底端時動能大小不等動量自然也就不等動量方向也不同故ABC三種說法均不正確至于說法D正確是因為該系統動量雖不守恒下滑前系統動量為零下滑后物體與斜面動量的矢量和不可能為零由此可知此時向上的地面支持力并不等于物體與斜面向下的重力但在水平方向上并無外力故系統在水平方向上分動量守恒23如圖所示質量分別為M1和M2的物體A和B置于光滑桌面上A和B之間連有一輕彈簧另有質量為M1和M2的物體C和D分別置于物體A與B之上且物體A和C、B和D之間的摩擦因數均不為零首先用外力沿水平方向相向推壓A和B使彈簧被壓縮然后撤掉外力則在A和B彈開的過程中對A、B、C、D以及彈簧組成的系統有A動量守恒機械能守恒B動量不守恒機械能守恒C動量不守恒機械能不守恒D動量守恒機械能不一定守恒GΑTSINΔ01V則物體落回地面的時間為GΑTTSINΔ2Δ012V于是在相應的過程中重力的沖量分別為JJFIΑMTMGTTSINΔD011Δ1VJJFIΑMTMGTTSIN2ΔD022Δ2V解2根據動量定理物體由發(fā)射點O運動到點A、B的過程中重力的沖量分別為JJJIΑMYMMVAYSIN001VVJJJIΑMYMMVBYSIN2002VV26高空作業(yè)時系安全帶是非常必要的假如一質量為510KG的人在操作時不慎從高空豎直跌落下來由于安全帶的保護最終使他被懸掛起來已知此時人離原處的距離為20M安全帶彈性緩沖作用時間為050S求安全帶對人的平均沖力分析分析從人受力的情況來看可分兩個階段在開始下落的過程中只受重力作用人體可看成是作自由落體運動；在安全帶保護的緩沖過程中則人體同時受重力和安全帶沖力的作用其合力是一變力且作用時間很短為求安全帶的沖力可以從緩沖時間內人體運動狀態(tài)動量的改變來分析即運用動量定理來討論事實上動量定理也可應用于整個過程但是這時必須分清重力和安全帶沖力作用的時間是不同的；而在過程的初態(tài)和末態(tài)人體的速度均為零這樣運用動量定理仍可得到相同的結果解1以人為研究對象按分析中的兩個階段進行討論在自由落體運動過程中人跌落至2M處時的速度為1GH21V在緩沖過程中人受重力和安全帶沖力的作用根據動量定理有212ΔVVMMTPF由式1、2可得安全帶對人的平均沖力大小為N10141Δ2ΔΔ3TGHMGTMΔMGFV解2從整個過程來討論根據動量定理有N101412Δ3MGGHTMGF27如圖所示在水平地面上有一橫截面S＝020M2的直角彎管管中有流速為V＝30MＳ1的水通過求彎管所受力的大小和方向

簡介：物理學教程（第二版）上冊習題答案物理學教程（第二版）上冊習題答案第一章第一章質點運動學質點運動學111質點作曲線運動在時刻T質點的位矢為R速度為V速率為VT至T＋ΔT時間內的位移為ΔR路程為ΔS位矢大小的變化量為ΔR或稱Δ｜R｜平均速度為平均速率為VV1根據上述情況則必有A｜ΔR｜ΔSΔRB｜ΔR｜≠ΔS≠ΔR當ΔT→0時有｜DR｜DS≠DRC｜ΔR｜≠ΔR≠ΔS當ΔT→0時有｜DR｜DR≠DSD｜ΔR｜≠ΔS≠ΔR當ΔT→0時有｜DR｜DRDS2根據上述情況則必有A｜｜｜｜B｜｜≠｜｜≠VVVVVVVVC｜｜｜｜≠D｜｜≠｜｜VVVVVVVV分析與解分析與解1質點在T至T＋ΔT時間內沿曲線從P點運動到P′點各量關系如圖所示其中路程ΔS＝PP′位移大?。｜＝PP′而ΔR＝｜R｜｜R｜表示質點位矢大小的變化量三個量的物理含義不同在曲線運動中大小也不相等注在直線運動中有相等的可能但當ΔT→0時點P′無限趨近P點則有｜DR｜＝DS但卻不等于DR故選B2由于｜ΔR｜≠ΔS故即｜｜≠TSTΔΔΔΔRVV但由于｜DR｜＝DS故即｜｜＝由此可見應選CTSTDDDDRVV分析與解分析與解加速度的切向分量AＴ起改變速度大小的作用而法向分量AN起改變速度方向的作用質點作圓周運動時由于速度方向不斷改變相應法向加速度的方向也在不斷改變因而法向加速度是一定改變的至于AＴ是否改變則要視質點的速率情況而定質點作勻速率圓周運動時AＴ恒為零；質點作勻變速率圓周運動時AＴ為一不為零的恒量當AＴ改變時質點則作一般的變速率圓周運動由此可見應選B155已知質點沿X軸作直線運動其運動方程為式中32262TTXX的單位為MT的單位為S求1質點在運動開始后40S內的位移的大??；2質點在該時間內所通過的路程；3T＝4S時質點的速度和加速度分析位移和路程是兩個完全不同的概念只有當質點作直線運動且運動方向不改變時位移的大小才會與路程相等質點在T時間內的位移ΔX的大小可直接由運動方程得到而在求路程0ΔXXXT時就必須注意到質點在運動過程中可能改變運動方向此時位移的大小和路程就不同了為此需根據來確定其運動方向改變的0DDTX時刻TP求出0～TP和TP～T內的位移大小ΔX1、ΔX2則T時間內的路程如圖所示至于T＝40S時質點速度和加速度21XXS可用和兩式計算TXDD22DDTX題15圖解1質點在40S內位移的大小M32Δ04XXX2由0DDTX得知質點的換向時刻為T＝0不合題意S2PT

簡介：第六章第六章靜電場中的導體與電介質靜電場中的導體與電介質6－1將一個帶正電的帶電體A從遠處移到一個不帶電的導體B附近，則導體B的電勢將（）（A）升高（B）降低（C）不會發(fā)生變化（D）無法確定分析與解分析與解不帶電的導體B相對無窮遠處為零電勢。由于帶正電的帶電體A移到不帶電的導體B附近時，在導體B的近端感應負電荷；在遠端感應正電荷，不帶電導體的電勢將高于無窮遠處，因而正確答案為（A）。6－2將一帶負電的物體M靠近一不帶電的導體N，在N的左端感應出正電荷，右端感應出負電荷。若將導體N的左端接地（如圖所示），則（）（A）N上的負電荷入地（B）N上的正電荷入地（C）N上的所有電荷入地（D）N上所有的感應電荷入地分析與解分析與解導體N接地表明導體N為零電勢，即與無窮遠處等電勢，這與導體N在哪一端接地無關。因而正確答案為（A）。6－3如圖所示將一個電量為Q的點電荷放在一個半徑為R的不帶電的導體球附近，點電荷距導體球球心為D，參見附圖。設無窮遠處為零電勢，則在導體球球心O點有（）（A）DΕQVE0Π40（B）DΕQVDΕQE020Π4Π4（C）00VE（B）電介質中的電場強度一定等于沒有介質時該點電場強度的1ΕＲ倍（C）在電介質充滿整個電場時，電介質中的電場強度一定等于沒有電介質時該點電場強度的1ΕＲ倍（D）電介質中的電場強度一定等于沒有介質時該點電場強度的ΕＲ倍分析與解分析與解電介質中的電場由自由電荷激發(fā)的電場與極化電荷激發(fā)的電場迭加而成，由于極化電荷可能會改變電場中導體表面自由電荷的分布，由電介質中的高斯定理，僅當電介質充滿整個電場并且自由電荷的分布不發(fā)生變化時，在電介質中任意高斯面S有IISSΕΧQ001DD1SESE即E＝E０ΕＲ，因而正確答案為（A）。6－6不帶電的導體球A含有兩個球形空腔，兩空腔中心分別有一點電荷QB、QC，導體球外距導體球較遠的R處還有一個點電荷QD（如圖所示）。試求點電荷QB、QC、QD各受多大的電場力。分析與解分析與解根據導體靜電平衡時電荷分布的規(guī)律，空腔內點電荷的電場線終止于空腔內表面感應電荷；導體球A外表面的感應電荷近似均勻分布，因而近似可看作均勻帶電球對點電荷QD的作用力。20Π4RΕQQQFDCBD點電荷QD與導體球A外表面感應電荷在球形空腔內激發(fā)的電場為零，點電荷QB、QC處于球形空腔的中心，空腔內表面感應電荷均勻分布，點電荷QB、QC受到的作用力為零6－7一真空二極管，其主要構件是一個半徑R１＝5010－4M的圓柱

簡介：第三章第三章動量守恒定律和能量守恒定律動量守恒定律和能量守恒定律33對功的概念有以下幾種說法1保守力作正功時系統內相應的勢能增加；2質點運動經一閉合路徑保守力對質點作的功為零；3作用力和反作用力大小相等、方向相反所以兩者所作功的代數和必為零下列上述說法中判斷正確的是A1、2是正確的B2、3是正確的C只有2是正確的D只有3是正確的分析與解分析與解保守力作正功時系統內相應勢能應該減少由于保守力作功與路徑無關而只與始末位置有關如質點環(huán)繞一周過程中保守力在一段過程中作正功在另一段過程中必然作負功兩者之和必為零至于一對作用力與反作用力分別作用于兩個質點所作功之和未必為零詳見習題32分析由此可見只有說法2正確故選C34如圖所示質量分別為M1和M2的物體A和B置于光滑桌面上A和B之間連有一輕彈簧另有質量為M1和M2的物體C和D分別置于物體A與B之上且物體A和C、B和D之間的摩擦因數均不為零首先用外力沿水平方向相向推壓A和B使彈簧被壓縮然后撤掉外力則在A和B彈開的過程中對A、B、C、D以及彈簧組成的系統有A動量守恒機械能守恒B動量不守恒機械能守恒C動量不守恒機械能不守恒D動量守恒機械能不一定守恒分析與解分析與解由題意知作用在題述系統上的合外力為零故系統動量守恒但機械能未必守恒這取決于在A、B彈開過程中C與A或D與B之間有無相對滑動如有則必然會因摩擦內力作功而使一部分機械能轉化為熱能故選D35如圖所示子彈射入放在水平光滑地面上靜止的木塊后而穿出以地面為參考系下列說法中正確的說法是A子彈減少的動能轉變?yōu)槟緣K的動能B子彈木塊系統的機械能守恒C子彈動能的減少等于子彈克服木塊阻力所作的功D子彈克服木塊阻力所作的功等于這一過程中產生的熱分析分析重力是恒力因此求其在一段時間內的沖量時只需求出時間間隔即可由拋體運動規(guī)律可知物體到達最高點的時間物體從出發(fā)到落回至同一水平面所需的時間GΑTSINΔ01V是到達最高點時間的兩倍這樣按沖量的定義即可求得結果另一種解的方法是根據過程的始、末動量由動量定理求出解1物體從出發(fā)到達最高點所需的時間為GΑTSINΔ01V則物體落回地面的時間為GTTSINΔ2Δ0122V于是在相應的過程中重力的沖量分別為JJFISINΔD011Δ1VMTMGTTJJFISIN2ΔD022Δ2VMTMGTT解2根據動量定理物體由發(fā)射點O運動到點A、B的過程中重力的沖量分別為JJJIΑMYMMVAYSIN001VVJJJIΑMYMMVBYSIN2002VV38FX＝30＋4T式中FX的單位為NT的單位為S的合外力作用在質量M＝10KG的物體上試求1在開始2Ｓ內此力的沖量；2若沖量I＝300NS此力作用的時間；3若物體的初速度V1＝10MS1方向與FX相同在T＝686S時此物體的速度V2分析分析本題可由沖量的定義式求變力的沖量繼而根據動量定理求物體的速度21DTTTFIV2解1由分析知SN68230D43020220TTTTI2由I＝300＝30T＋2T2解此方程可得

簡介：1大學物理習題解答大學物理習題解答B(yǎng)YDEATH第一章第一章質點運動學質點運動學P2611一質點沿直線運動，運動方程為XT6T22T3試求（1）第2S內的位移和平均速度；（2）1S末及2S末的瞬時速度，第2S內的路程；（3）1S末的瞬時加速度和第2S內的平均加速度解答（1）質點在第1S末的位移大小為X16122134M在第2S末的位移大小為X26222238M在第2S內的位移大小為ΔXX2–X14M，經過的時間為ΔT1S，所以平均速度大小為ΔXΔT4MS1V（2）質點的瞬時速度大小為VTDXDT12T6T2，因此V11216126MS1，V21226220，質點在第2S內的路程等于其位移的大小，即ΔSΔX4M（3）質點的瞬時加速度大小為ATDVDT1212T，因此1S末的瞬時加速度為A1121210，第2S內的平均加速度為V2V1ΔT0–616MSA2注意第幾秒內的平均速度和平均加速度的時間間隔都是1秒12一質點作勻加速直線運動，在T10S內走過路程S30M，而其速度增為N5倍試證加速度為2211NSANT并由上述數據求出量值證明依題意得VTNVO，根據速度公式VTVOAT，得AN–1VOT，1根據速度與位移的關系式VT2VO22AS，得AN2–1VO22S，2（1）平方之后除以（2）式證得2211NSANT計算得加速度為04MS22251305110A13一人乘摩托車跳越一個大礦坑，他以與水平成225的夾角的初速度65MS1從西邊起跳，準確地落在坑的東邊已知東邊比西邊低70M，忽略空氣阻力，且取G10MS2問（1）礦坑有多寬他飛越的時間多長（2）他在東邊落地時的速度速度與水平面的夾角解答方法一分步法（1）夾角用Θ表示，人和車（他）在豎直方向首先做豎直上拋運動，初速度的大小為VY0V0SINΘ2487MS1取向上的方向為正，根據勻變速直線運動的速度公式VTV0AT，這里的V0就是VY0，AG；當他達到最高70M225圖133（1）如果N1，則得，DDVKTV積分得LNVKTC當T0時，VV0，所以CLNV0，因此LNVV0KT，得速度為VV0EKT而DVV0EKTDT，積分得0EKTVXCK當T0時，X0，所以CV0K，因此01EKTVXK（2）如果N≠1，則得，積DDNVKTV分得11NVKTCN當T0時，VV0，所以，因此101NVCN110111NNNKTVV如果N2，就是本題的結果如果N≠2，可得，1210201112NNNNNVKTXNVK讀者不妨自證15一質點沿半徑為010M的圓周運動，其角位置（以弧度表示）可用公式表示Θ24T3求（1）T2S時，它的法向加速度和切向加速度；（2）當切向加速度恰為總加速度大小的一半時，Θ為何值（3）在哪一時刻，切向加速度和法向加速度恰有相等的值解答（1）角速度為ΩDΘDT12T248RADS1，法向加速度為ANRΩ22304MS2；角加速度為ΒDΩDT24T48RADS2，切向加速度為ATRΒ48MS2（2）總加速度為AAT2AN212，當ATA2時，有4AT2AT2AN2，即3NTAA由此得，23RR即，2212243TT解得336T所以3154RAD3242133T（3）當ATAN時，可得RΒRΩ2，即24T12T22，解得T1613055S16一飛機在鉛直面內飛行，某時刻飛機的速度為V300MS1，方向與水平線夾角為30而斜向下，此后飛機的加速度為A20MS2，方向與水平前進方向夾角3為30而斜向上，問多長時間后，飛機又回到原來的高度在此期間飛機在水平方向飛行的距離為多少解答建立水平和垂直坐標系，飛機的初速度的大小為V0XV0COSΘ，V0YV0SINΘ加速度的大小為AXACOSΑ，YXOΑV0ΘAAXAYV0XV0Y

簡介：習題習題991選擇題1正方形的兩對角線處各放置電荷Q，另兩對角線各放置電荷Q，若Q所受到合力為零，則Q與Q的關系為（）（A）Q232QBQ232QCQ2QDQ2Q答案A2下面說法正確的是（）（A）若高斯面上的電場強度處處為零，則該面內必定沒有電荷；（B）若高斯面內沒有電荷，則該面上的電場強度必定處處為零；（C）若高斯面上的電場強度處處不為零，則該面內必定有電荷；（D）若高斯面內有電荷，則該面上的電場強度必定處處不為零。答案D3一半徑為R的導體球表面的面點荷密度為Σ，則在距球面R處的電場強度（）（A）ΣΕ0（B）Σ2Ε0（C）Σ4Ε0（D）Σ8Ε0答案C4在電場中的導體內部的（）（A）電場和電勢均為零；（B）電場不為零，電勢均為零；（C）電勢和表面電勢相等；（D）電勢低于表面電勢。答案C92填空題1在靜電場中，電勢不變的區(qū)域，場強必定為。答案相同2一個點電荷Q放在立方體中心，則穿過某一表面的電通量為，若將點電荷由中心向外移動至無限遠，則總通量將。答案Q6Ε0將為零3電介質在電容器中作用（A）（B）。答案A提高電容器的容量B延長電容器的使用壽命4電量Q均勻分布在半徑為R的球體內，則球內球外的靜電能之比。答案5693電量都是的三個點電荷，分別放在正三角形的三個頂點試問1在這三角形的中Q心放一個什么樣的電荷，就可以使這四個電荷都達到平衡即每個電荷受其他三個電荷的庫侖力之和都為零2這種平衡與三角形的邊長有無關系解如題93圖示1以處點電荷為研究對象，由力平衡知為負電荷AQ解題中的兩種說法均不對第一種說法中把兩帶電板視為點電荷是不對的，第二種說法把合場強看成是一個帶電板在另一帶電板處的場強也是不對的正確解答應為一SQE0個板的電場為，另一板受它的作用力，這是兩板間相互作SQE02SQSQQF02022用的電場力97長150CM的直導線AB上均勻地分布著線密度50X109CM1的正電荷試求L1在導線的延長線上與導線B端相距50CM處點的場強；2在導線的垂直平分線上1AP與導線中點相距50CM處點的場強2DQ解如題97圖所示1在帶電直線上取線元，其上電量在點產生場強XDQDP為20DΠ41DXAXEP題97圖2220DΠ4DXAXEELLPP2121Π40LALA4Π220LAL用，代入得15LCM910051MC512ACM方向水平向右210746PE1CN2同理方向如題97圖所示2220DDΠ41DXXEQ由于對稱性，即只有分量，LQXE0DQEY∵22222220DDDDΠ41DXXXEQY

簡介：第三章第三章流體的運動流體的運動35水的粗細不均勻的水平管中作穩(wěn)定流動，已知在截面水的粗細不均勻的水平管中作穩(wěn)定流動，已知在截面S1處的壓強為處的壓強為110PA，流速為，流速為02MS，在截面在截面S2處的壓強為處的壓強為5PA，求，求S2處的流速（內摩擦不計）處的流速（內摩擦不計）。解根據液體的連續(xù)性方程，在水平管中適合的方程21121P22221P代入數據得22323100121520100121110得502SM答S2處的流速為05MS。36水在截面不同的水平管中作穩(wěn)定流動，出口處的截面積為最細處的水在截面不同的水平管中作穩(wěn)定流動，出口處的截面積為最細處的3倍，若出口處的流速為倍，若出口處的流速為2MS，問最細處的壓強為多少若在此最細處開個小孔，水會不會流出來，問最細處的壓強為多少若在此最細處開個小孔，水會不會流出來解將水視為理想液體，并作穩(wěn)定流動。設管的最細處的壓強為P1，流速為V1，高度為H1，截面積為S1；而上述各物理量在出口處分別用P2、V2、H2和S2表示。對最細處和出口處應用柏努利方程得121121GHP222221GHP由于在水平管中，H1H221121P22221P從題知S23S1根據液體的連續(xù)性方程S11S22∴2121122133SSSSV又PAPP502100131∴22220132121PP時不再放水，求容器內的水流盡需多少時間。時不再放水，求容器內的水流盡需多少時間。解如圖，設某一時刻容器中水平距底面為H此時，如圖作一流線經過1，2兩點。由柏努利方程得由連續(xù)性原理得222221112121VGHPVGHPQVSVS2211因1，2點與大氣相通，故021PPP又由題知，，求時可認為，21SS2V01V代入柏努利方程易得GHV22當從上注水時，當時，水面穩(wěn)定，不QGHSVS2222升不降。此時10108921041224242220MGSQH停止注水后，水面開始下降，設下降速度為，故1VGHSSVSSDTDHV2122121，兩邊積分得DTSSGHDH122THDTSSGHDH012002，TSSGH120222118910210410143242420220211SGHSDGHSST答（略）。310用皮托管插入流水中測水流速度，設管中的水柱高度分別為用皮托管插入流水中測水流速度，設管中的水柱高度分別為和，求，求3510M25410M水流速度。水流速度。解由皮托管原理212VGH222984910098VGHMS311一條半徑為一條半徑為3MM的小動脈被一硬斑部分阻塞，此狹窄段的有效半徑為的小動脈被一硬斑部分阻塞，此狹窄段的有效半徑為2MM，血流平均速，血流平均速度為度為50CMS，試求，試求（1）未變窄處的血流平均速度；未變窄處的血流平均速度；